答案：12.(1)平衡 (2)右 便于测量力臂 (3)2 (4)④ 解析：(3)由图乙可知，$A$处悬挂$3$个钩码，则阻力$F_2 = G_{总}=3×0.5\mathrm{ N}=1.5\mathrm{ N}$，设杠杆上每一格长度为$L$，则阻力臂$OA = 4L$，要在$B$处施加一个最小拉力使杠杆在水平位置再次平衡，动力臂应最大，最大动力臂$OB = 3L$，由杠杆的平衡条件可得，在$B$处施加的最小拉力$F_1 = F_2×\frac{OA}{OB}=1.5\mathrm{ N}×\frac{4L}{3L}=2\mathrm{ N}$。
(4)由题意可知，改变图丙中$B$点位置，此过程中$F$的方向保持不变，由杠杆的平衡条件可得$Fl = G× OA$，解得$F = G× OA×\frac{1}{l}$ ①，将$M$从$A$移至$P$，由杠杆的平衡条件可得$Fl = G× OP$，解得$F = G× OP×\frac{1}{l}$ ②，观察①②两式可知，拉力$F$与$\frac{1}{l}$的关系图像都是正比例函数，且由图丙可知$OP\lt OA$，则②式的斜率小于①式的斜率，因此将$M$从$A$移到$P$，$F$与$\frac{1}{l}$的关系图像是过原点且斜率比图线①更小的图线④。

答案：13.(1)B (2)0.2 (3)反 (4)0.3 R₁ - R₂ 解析：(1)为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片$P$滑至阻值最大处，即$B$端。(2)由图乙可知，电流表选用小量程，其示数为$0.2\mathrm{ A}$。(3)由图丙可知，电流与电阻的乘积$U_V = IR = 0.6\mathrm{ A}×5\Omega=0.3\mathrm{ A}×10\Omega = 3\mathrm{ V}$，电流与电阻的乘积为定值，可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。(4)①闭合开关，将滑动变阻器滑片$P$滑到$B$端，电阻箱调至某一阻值$R_1$，此时电阻箱、定值电阻$R$、小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测电阻箱、定值电阻$R$的总电压；②闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表示数为$0.3\mathrm{ A}$，则小灯泡正常发光，记录电压表读数；③断开开关，如图中虚线所示，将电压表连接$C$点的导线改接到$D$点，电路连接方式不变，此时电压表测电阻箱、定值电阻$R$、小灯泡的总电压，闭合开关，反复调节电阻箱和滑动变阻器，使电流表和电压表的示数与②中相同，记录此时电阻箱的阻值$R_2$，断开开关；④步骤②和③中电流表和电压表示数相同，由$R=\frac{U}{I}$可得，$R_1 + R = R_2 + R+R_L$，解得小灯泡$L$正常发光时的电阻$R_L = R_1 - R_2$。