13. (盐城建湖二模)如图是一款国产某品牌集消毒、制冷于一体的车载冰箱,该冰箱可以利用
紫
外线来杀菌消毒.冰箱内放入吃剩的饭菜时,应该包上保鲜膜,可以防止“串味”,“串味”实际上是
扩散
现象.为有效保温,冰箱外隔层应使用导热性
差
(选填“好”或“差”)的材料制作.
答案：13.紫 扩散 差
14. (盐城滨海一模)3 月 21 日,神舟十九号出舱的航天员与舱内航天员是借助
电磁波
交流的;此次出舱任务是空间站的空间碎片防护装置安装,高速运动的空间碎片相对于空间站是
运动
的;与出舱前相比,航天员出舱后“漂”在空中时,身体质量
不变
.
答案：14.电磁波 运动 不变
15. 新趋势
学科融合 (盐城射阳一模)很多生活小常识都蕴涵着物理学原理.空气清新剂等压缩气罐不要放置在高温环境下,是因为
热传递
(选填“热传递”或“做功”)可以改变物体的内能,易使气罐升温爆炸;多个大功率用电器不能同时插在一个插座上,是因为这样会使用电器
总功率
过大,造成电流过大,容易引起火灾.
答案：15.热传递 总功率
16. (苏州吴江二模)如图是喷气式飞机,在飞行时,发动机向后高速喷出气体,飞机获得向前的推力,这说明力的作用是
相互
的;飞机获得升力的原理是:气体流速越大,气体压强
越小
(选填“越大”或“越小”);当飞机在高空飞行时,大气压减小,为了防止燃料沸腾,飞机使用沸点较
高
(选填“高”或“低”)的煤油作为燃料.
答案：16.相互 越小 高
17. (苏州姑苏模拟)如图所示的激光报警装置,激光枪射出的激光束经过平面镜 M
反射
后送至接收器,当有人进入激光束区域时,激光束被
遮挡
,报警器就会发出警报.当激光束与平面镜 M 垂直时,反射角为
$0^{\circ}$
,若要扩大警报范围,可采取的方法是
将平面镜逆时针转动一定的角度
.
答案：17.反射 遮挡 $0^{\circ}$ 将平面镜逆时针转动一定的角度
18. (扬州仪征一模)如图,将滑动变阻器 $ R_1 $ 的滑片向
右
移,导线 AB 受力摆动幅度增大,说明磁场对通电导体的作用力大小与
磁场的强弱
有关;将滑动变阻器 $ R_2 $ 的滑片向
左
移,导线 AB 受力摆动幅度也增大.
答案：18.右 磁场的强弱 左 解析：由图可知，左侧构成了电磁铁，移动$R_{1}$的滑片可改变AB所处磁场的强弱，通电导线AB在磁场中受力，其受力的大小与磁场的强弱和电流的大小有关，将滑动变阻器$R_{1}$的滑片向右移，左侧电路中电流增大，电磁铁磁性增强，导线AB受力摆动幅度增大，说明磁场对通电导体的作用力与磁场的强弱有关；将滑动变阻器$R_{2}$的滑片向左移，导线AB中电流增大，导线AB受力摆动幅度也增大，说明磁场对通电导体的作用力大小与电流的大小有关.
19. (泰州姜堰二模)四冲程汽油机中的
做功
冲程是提供动力的.已知某汽油机飞轮的转速为 1 200 r/min,能量输出效率为 20%,则该汽油机每秒钟对外做功
$10$
次;该发动机完全燃烧 2 L 的汽油能够输出的有用功为
$1.38×10^{7}$
J.(汽油的热值为 $ 4.6×10^7 \mathrm{ J/kg} $、密度为 $ 0.75×10^3 \mathrm{ kg/m}^3 $)
答案：19.做功 $10$ $1.38×10^{7}$ 解析：四冲程汽油机提供动力的冲程是做功冲程；汽油机飞轮的转速为$1200r/min=20r/s$，汽油机工作时，在一个工作循环中，飞轮转$2$圈，对外做功一次，所以该汽油机每秒钟对外做功$10$次；完全燃烧汽油的体积$V=2L=2dm^{3}=2×10^{-3}m^{3}$，由$\rho=\frac{m}{V}$可得，汽油的质量$m=\rho V=0.75×10^{3}kg/m^{3}×2×10^{-3}m^{3}=1.5kg$，汽油完全燃烧释放的热量$Q_{放}=mq=1.5kg×4.6×10^{7}J/kg=6.9×10^{7}J$，由$\eta=\frac{W_{有用}}{Q_{放}}×100\%$可得，发动机输出的有用功$W_{有用}=\eta Q_{放}=20\%×6.9×10^{7}J=1.38×10^{7}J$.
20. (常州金坛一模)如图所示,在“测定滑轮组的机械效率”实验中,小明匀速向下拉动绳子,2 s 内物体上升 20 cm,$ G_{\mathrm{物}} = 10 \mathrm{ N} $,$ F = 6 \mathrm{ N} $,不计绳重和摩擦,拉力的功率为
$1.2$
W;动滑轮的重力 $ G_{\mathrm{动}} = $
$2$
N,滑轮组的机械效率 $ \eta = $
$83.3$
%;小明想更省力,他只改变了滑轮组的绕线方法,滑轮组的机械效率将
不变
(选填“变大”“变小”或“不变”).
答案：20.$1.2$ $2$ $83.3$ 不变 解析：由图可知，动滑轮上绳子的段数$n=2$，物体上升的高度$h=20cm=0.2m$，则绳自由端拉力的功率$P=\frac{W}{t}=\frac{F_{s}}{t}=\frac{Fnh}{t}=\frac{6N×2×0.2m}{2s}=1.2W$；不计绳重和摩擦，拉力$F=\frac{1}{n}(G_{物}+G_{动})$，则动滑轮的重力$G_{动}=nF-G_{物}=2×6N-10N=2N$；滑轮组的机械效率$\eta=\frac{W_{有用}}{W_{总}}×100\%=\frac{G_{物}h}{Fnh}×100\%=\frac{G_{物}}{nF}×100\%=\frac{10N}{2×6N}×100\%\approx83.3\%$；不计绳重和摩擦，额外功即为克服动滑轮重力做的功，改变图中滑轮组的绕线方法，提起同一重物时，滑轮组的机械效率$\eta=\frac{W_{有用}}{W_{有用}+W_{额外}}×100\%=\frac{G_{物}h}{G_{物}h+G_{动}h}×100\%=\frac{G_{物}}{G_{物}+G_{动}}×100\%$，$G_{物}$、$G_{动}$均不变，则滑轮组的机械效率将不变.
解析：
解：由图可知，动滑轮上绳子的段数$n = 2$。
物体上升高度$h=20\,\mathrm{cm}=0.2\,\mathrm{m}$，绳自由端移动距离$s=nh=2×0.2\,\mathrm{m}=0.4\,\mathrm{m}$。
拉力做的总功$W_{\mathrm{总}}=Fs=6\,\mathrm{N}×0.4\,\mathrm{m}=2.4\,\mathrm{J}$，拉力的功率$P=\frac{W_{\mathrm{总}}}{t}=\frac{2.4\,\mathrm{J}}{2\,\mathrm{s}}=1.2\,\mathrm{W}$。
不计绳重和摩擦，$F=\frac{1}{n}(G_{\mathrm{物}}+G_{\mathrm{动}})$，则$G_{\mathrm{动}}=nF - G_{\mathrm{物}}=2×6\,\mathrm{N}-10\,\mathrm{N}=2\,\mathrm{N}$。
有用功$W_{\mathrm{有用}}=G_{\mathrm{物}}h=10\,\mathrm{N}×0.2\,\mathrm{m}=2\,\mathrm{J}$，机械效率$\eta=\frac{W_{\mathrm{有用}}}{W_{\mathrm{总}}}×100\%=\frac{2\,\mathrm{J}}{2.4\,\mathrm{J}}×100\%\approx83.3\%$。
改变绕线方法，$G_{\mathrm{物}}$、$G_{\mathrm{动}}$不变，$\eta=\frac{G_{\mathrm{物}}}{G_{\mathrm{物}}+G_{\mathrm{动}}}×100\%$，故机械效率不变。
1.2；2；83.3；不变
